'

Решение задач на тему «Движение под углом к горизонту»

Понравилась презентация – покажи это...





Слайд 0

Решение задач на тему «Движение под углом к горизонту» Авторы работы: Ершова А. Талдыкина А.


Слайд 1

Условия задачи Тело брошено со скоростью V под углом @ к горизонту. Определить: Траекторию движения тела Время полёта Дальность полёта Максимальную высоту подъёма H Скорость тела на высоте h<H Нормальное и тангенсальное ускорения в начальной точке траектории и в наивысшей точке подъёма Радиусы кривизны в этих точках


Слайд 2

Дано: V, @ Решение: Найти: 1)Уравнения движения 2) t 3) l 4) H max 5) V 6) a , a t 7) R


Слайд 3

y x g voy vox @ l S vo vx2 vh2 vy2 B1 B2 Движение данного тела в системе координат. График А . 0 h h Vh1 Vy1 Vx1


Слайд 4

Решение Движение тела вдоль оси x равномерное(ax=0);V0x = Vocos@, причем Vx=V0x=const. Уравнение движения вдоль оси x имеет вид: x = x0xt = v0xtcos@ Движение по оси y равнопеременное с ускорением ау = -g = const и начальной скоростью Voy = V0sin@; Vy = Voy – gt. Уравнение движения вдоль оси у имеет вид: y = Voyt – gt^2/2 = V0tsin@ - gt^2/2


Слайд 5

Найти траекторию движения – это значит найти аналитическое уравнение кривой, по которой движется тело в пространстве. Т. к. t = x/V0cos@ , то y = xtg@ - gx^2/2V0^2cos^2@ . 2. Найдём t ,приравняв y = V0tsin@ - gt^2/2 к 0: t(V0sin@ - gt/2) = 0 t1=0 t2 = (2V0/g)sin@ Действительно, тело на земле оказывается дважды - в начале и в конце полёта.


Слайд 6

3) Т. к. вдоль оси x движение равномерное и известно время движения, то xmax = l = V0xt = (V0cos@2V0sin@)/g = =V0^2sin2@/g 4) Hmax можно найти через время подъёма tпод. Т. к. в точке Нmax Vy=0, то 0 = V0y – gtпод tпод = (V0/g)sin@ Таким образом, Ymax = Hmax = V0ytпод – V0yt под ^2/2 = V0y^2/2g Hmax = (V0^2sin^2@)/2g.


Слайд 7

5) Для определения скорости на высоте h необходимо знать время, когда тело находиться на этой высоте, th Vx = V0x, Vy = V0y – gth y = h = V0yth – gth^2/2 (th)1,2 = V0y+/- V0y^2 – 2gh g Скорость в первой точке при th1 Vx1 = V0cos@ Vy1 = (V0^2sin^2@ - 2gh)


Слайд 8

Модуль скорости равен Vh 1 = V0^2-2gh, тангенс угла наклона скорости к оси х: tgB1=Vy1/Vx1 = V0^2sin^2@ – 2gh V0cos@ Скорость во второй точке при th2 Vx2 = V0cos@ Vy2 = - V0^2sin^2@ - 2gh Модуль скорости равен Vh 2 = V0^2-2gh, тангенс угла наклона скорости к оси х: tgB1=Vy1/Vx1 = - V0^2sin^2@ – 2gh V0cos@


Слайд 9

6)В точке О a0 = -gcos@ а0t = -gsin@ В точке А аА = -g atA = 0 7)Нормальное ускорение определяется по формуле а = V^2/R R = V^2/a, где R – радиус кривизны в данной точке, т. е. радиус окружности, часть дуги которой совпадает с траекторией в данной точке. В точке О V = V0, a = gcos@ R0 = V0^2/gcos@ B точке А Vy = 0, a = g, VA = V0x = V0cos@ RA = (V0^2cos@)/g


Слайд 10

Приложение Ознакомившись с основными действиями пи решении задач по теме «Движение под углом к горизонту», Вы можете проверить приобретенные знания. С этой целью Вам предлагается следующая задача:


Слайд 11

Условия задачи Тело брошено горизонтально со скоростью 20м/с.Определить смещение тела от точки бросания,S, при котором скорость будет направлена под углом 45’ к горизонту.


Слайд 12

Если у Вас возникли трудности при решении задачи, Вы можете воспользоваться следующими подсказками: 1)Кратко изложенные этапы решения; 2)Необходимые формулы; 3)Ответ.


Слайд 13

Этапы решения 1.Выбрать оси координат. 2.Записать уравнения движения тела. 3.Определить момент времени t, когда скорость будет направлена под углом 45’ к горизонту. 4.Подставить t в уравнение движения и найти координаты тела. 5.Найти искомое перемещение.


Слайд 14

Формулы 1.x = V0t 2.y = gt^2/2 3.Vy/Vx = tg@ 4.gt = V0 5.S = x^2 + y^2


Слайд 15

Ответ S = 45 м.


Слайд 16

Спасибо за внимание!!! 2007


×

HTML:





Ссылка: