'

ЕГЭ 2010 задачи С1-С6

Понравилась презентация – покажи это...





Слайд 0

ЕГЭ 2010 задачи С1-С6


Слайд 1

ВАРИАНТ 117 С1 Рамку с постоянным током удерживают неподвижно в поле полосового магнита. Полярность подключения источника тока к выводам рамки показана на рисунке. Как будет двигаться рамка на неподвижной оси ОМ, если рамку не удерживать? Ответ поясните, указав какие физические закономерности вы использовали для объяснения. Считать, что рамка испытывает небольшое сопротивление со стороны воздуха. О М _ + S N


Слайд 2

Возможный вариант решения . + FA2 FA1 1. Рамка повернется против часовой стрелки и встанет перпендикулярно оси магнита так, что контакт (-) окажется внизу. 2. Рассмотрим сечение рамки плоскостью рисунка в условии задачи. В исходном положении рамки ток в левом звене направлен к нам, в правом - от нас. На левое звено рамки действует сила Ампера, направленная вниз, на правое – вверх. Эти силы и разворачивают рамку на неподвижной оси против часовой стрелки. 3. Рамка устанавливается перпендикулярно оси магнита, при этом силы Ампера обеспечивают равновесие рамки.


Слайд 3

ВАРИАНТ 117 С2 Шайба массой 100г начинает движение по желобу АВ из состояния покоя из т.А Точка А расположена выше т. В на высоте Н = 6м. В процессе движения по желобу механическая энергия шайбы из-за трения уменьшается на ?Е = 2Дж. В т.В шайба вылетает из желоба под углом ?=150 к горизонту и падает на землю в т.D, находящейся на одной горизонтали с т.В. Найдите длину ВD. Сопротивлением воздуха пренебречь. D у х


Слайд 4

Возможный вариант решения 1.По з.с.э откуда 2.В момент падения шайбы в т.D y=0; следовательно ; (начало полета из т.В) 3.Дальность полета ВD = ?0cos?t1, следовательно Окончательно имеем: ВD = 4м


Слайд 5

Вариант 117 С3 В горизонтальном цилиндрическом сосуде, закрытом поршнем находится идеальный одноатомный газ. Первоначальное давление газа Р1 = 4 . 105 Па. Расстояние от дна сосуда до поршня – L. Площадь поперечного сечения поршня S = 25 см2 . В результате медленного нагревания газ получил количество теплоты Q = 1,65 кДж, а поршень сдвинулся на расстояние х = 10 см. При движении поршня на него со стороны стенок сосуда действует сила трения Fтр = 3. 103 Н. Найдите L. Считать, что сосуд находится в вакууме. L х Р1 s


Слайд 6

Возможный вариант решения. Поршень будет двигаться медленно, если сила давления газа на поршень и сила трения уравновесят друг друга, т.е. Р2.S = Fтр, следовательно Р2 = Fтр/S= 12.105Па. Т.к. Р2›Р1 поршень будет неподвижен до тех пор, пока давление газа не станет равным Р2 . В этом процессе газ получает количество теплоты Q1,2 (V=const), следовательно Q1,2 = ?U1,2 = 3/2? R(T2 –Т1). Затем поршень начнет сдвигаться, объем газа будет увеличиваться, а давление останется постоянным и равным Р2. В этом процессе газ получает количество теплоты Q2,3 . Для Р = const Q2,3 = ?U2,3+A, следовательно Q2,3 = 3/2 ?R(T3-T2) + Р2S.х, где Р2S=Fтр.


Слайд 7

3. За все время нагрева газ получит количество теплоты Q = Q1,2 +Q2,3. Q = 3/2 ?RT2 - 3/2 ?RT1+3/2 ?RT3- 3/2 ?RT2+Fтр.x, следовательно Q = 3/2 ?RT3 - 3/2 ?RT1+Fтр.x; В начальном состоянии P1L.S = ?RT1 . В конечном состоянии P2(L+x).S = ?RT3, следовательно ?RT3 = Fтр(L+x), следовательно Q = 3/2 .Fтр(L+x) - 3/2. P1L.S+Fтрx, откуда Ответ: L= 0,3м


Слайд 8

Вариант 117 С4 По гладкой горизонтальной направляющей длины 2? свободно скользит бусинка с (+) зарядом Q > 0 и массой m. На концах направляющей находятся (+) заряды q > 0. Бусинка совершает малые колебания около положения равновесия, период которых Т0. Чему будет равен период колебаний Т, если величину зарядов на конце стержня увеличить в 2 раза. +q +q +Q, m


Слайд 9

Возможный вариант решения 1.При небольшом смещении х <<? бусинки от положения равновесия на неё будет действовать возвращающая сила Т.е. эта сила пропорциональна смещению х. 2. Ускорение бусинки в соответствии со II законом Ньютона пропорционально смещению х


Слайд 10

При такой зависимости а от х бусинка совершает гармонические колебания, период которых равен Т0 При увеличении заряда на концах в 2 раза q1=2q период станет равным: Ответ: Т уменьшится в раз


Слайд 11

Вариант 117 С5 Горизонтальный проводящий стержень прямоугольного сечения поступательно движется вверх с ускорением по гладкой наклонной плоскости в вертикальном однородном магнитном поле. По стержню протекает ток I =4А. Угол наклонной плоскости ?=300. Отношение массы стержня к его длине m/L =0,1 кг/м. Ускорение ? = 1,9м/с2. Чему равен модуль индукции магнитного поля В? В ? a


Слайд 12

Возможный вариант решения. mg FA N х В a ? 1. На рисунке показаны силы, действующие на стержень FA =IBL 2. Запишем II закон Ньютона в проекции на ось х max = - mgsin? + IBLcos? > Ответ: В = 0,2Тл


Слайд 13

Вариант 117 С6 Фотон с длиной волны, соответствующей красной границе фотоэффекта, выбивает электроны из металлической пластины в сосуде из которого откачан воздух. Электрон разгоняется однородным электрическим полем с напряженностью Е = 5.104 В/м. Какой должна быть длина пути электрона S в электрическом поле, чтобы он разогнался до скорости, составляющей 10% от скорости света в вакууме. Релятивистские эффекты не учитывать.


Слайд 14

Работа по перемещению электрона в электрическом поле равна изменению его кинетической энергии Возможный вариант решения Т.к. Ответ: S = 0,05м


Слайд 15

Вариант 121 С1 А V На рисунке приведена электрическая цепь, состоящая из источника тока, реостата, трансформатора, амперметра и вольтметра. В начальный момент времени ползунок реостата установлен посередине и неподвижен. Опираясь на законы электродинамики, объясните как будут изменяться показания приборов при перемещении ползунка реостата вниз? Э.Д.С самоиндукции пренебречь по сравнению сE


Слайд 16

Возможный вариант ответа 1.При движении ползунка реостата вниз сопротивление реостата уменьшается, следовательно сила тока в цепи увеличивается т.к 2. Изменение силы тока вызывает изменение индукции магнитного поля, следовательно меняется и магнитный поток, пронизывающий витки вторичной обмотки. 3. В соответствии с законом Фарадея, возникает Э.Д.С индукции во вторичной обмотке, а, следовательно, и напряжение U на её концах. Это напряжение и будет фиксировать вольтметр. Ответ: при движении ползунка реостата вниз, показания амперметра увеличиваются, а вольтметр будет показывать напряжение на концах вторичной обмотки.


Слайд 17

Вариант 121 С2 При выполнении трюка «летающий велосипедист» гонщик движется по трамплину под действием силы тяжести FТ, начиная движение из состояния покоя с высоты Н. На краю трамплина скорость гонщика направлена под таким углом к горизонту, что дальность его полета максимальна. Пролетев по воздуху, гонщик приземляется на горизонтальный стол, находящийся на той же высоте, что и край трамплина. Определите время полета гонщика. Силой сопротивления пренебречь S


Слайд 18

Возможный вариант решения Максимальная дальность полета достигается при условии ?=450, время полета равно двойному времени подъема Скорость определим из закона сохранения энергии: Ответ:


Слайд 19

Вариант 121 С3 Сферическую оболочку воздушного шара делают из материала, квадратный метр которого имеет массу 1 кг. Шар наполняют гелием при атмосферном давлении Р=105Па. Определите минимальную массу оболочки, при которой шар начнет поднимать сам себя. Температура гелия и окружающего воздуха одинакова и равна 00С. (Площадь сферы S=4?R2; объем сферы V=4/3?R3)


Слайд 20

Возможный вариант решения Из I закона Ньютона следует Fa =mHeg + mобg ; ?вgV= mHeg + mобg следовательно ?вgV = Sbg +?He gV, где b – отношение массы оболочки к её площади. Заменим в формуле S=4?R2 и V= 4/3 ?R3 получим: Плотность воздуха и гелия при Т =273К определим из уравнения Менделеева-Клапейрона mоб=4?R2b m=92кг


Слайд 21

Вариант 121 С4 mg qE ? Полый шарик массой 0,4 кг с зарядом q = 8нКл движется в горизонтальном однородном электрическом поле с напряженностью Е = 500кВ/м. Какой угол ? образует с вертикалью траектория шарика, если ?0= 0? Возможный вариант решения На шарик в электрическом поле вниз действует сила тяжести FT =mg и вправо электрическая сила Fk =qE Из II закона Ньютона следует ma = FT + Fk При движении из состояния покоя 4. После подстановки получаем tg? = 1, ?=450


Слайд 22

Вариант 121 С5 Небольшой груз на нити, длиной ? =2,5м совершает гармонические колебания, при которых максимальная скорость достигает 0,2 м/с. При помощи собирающей линзы с фокусным расстоянием F=0,2м, изображение колеблющегося тела проецируется на экран. Главная оптическая ось линзы перпендикулярна плоскости колебаний маятника и плоскости экрана. Максимальное смещение изображения груза на экране от положения равновесия равно 0,15м. Определите расстояние между линзой и экраном


Слайд 23

Возможный вариант решения Из з.с.э. где h- максимальная высота подъёма груза. Максимальный угол отклонения груза ? ? А/?, где А – амплитуда колебаний ? - длина маятника. Амплитуда колебаний А1 смещения груза на экране, располо-женном на расстоянии b от линзы пропорциональна А – ампли-туде колебаний груза, движущегося на расстоянии a от линзы ; ;


Слайд 24

Вариант 121 С6 При облучении катода светом с длиной волны ? = 200 нм фототок прекращается при задерживающем напряжении U =1,9В. Определите красную границу фотоэффекта ?0. Возможный вариант решения


Слайд 25

Спасибо за внимание.


×

HTML:





Ссылка: